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云南师大附中2014届高考适应性月考卷(一)物理-答案

ISBN:978?7?222?05600?8

云南师大附中 2014 届高考适应性月考卷(一) 物理参考答案
第Ⅰ卷(选择题,共 42 分)
一、单项选择题(本大题共 6 小题,每小题 3 分,共 18 分。在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的,有选错或不选的得 0 分) 题号 答案 【解析】 1.在下降过程,只受重力的作用,有向下的重力加速度,是处于完全失重状态,故 C 正确, B 错误。起跳以后在上升过程,也是只受重力的作用,有向下的重力加速度,是处于完全 失重状态,故 A 错误。起跳时地面对他的支持力大小等于他对地面的压力,故 D 错误。
mg 2. m 应用牛顿第二定律, ? f ? ma ; M 有 Mg ? f ? T ? 0 , 对 对 联立以上得 T ? Mg ? mg ? ma ,

1 C

2 D

3 B

4 B

5 D

6 C

故 D 正确。 3.小球静止时,受到重力 mg(竖直向下)、绳子拉力 F(沿绳子向上)、圆环给的弹力 N(垂 直圆环向下,弹力作用线延长过环的圆心),合力为 0。用正交分解法,将各力分解在过 B 点处的切线与法线方向,在切线方向有 mgsin(2θ)=Fsinθ 可得所求的绳子拉力大小是:

F?

mg sin(2? ) mg sin 60? ? ? 3mg 。 sin ? sin 30?

4.物体向上运动 a ? g ?

kv kv ,由于 v 减小则 a 减小,故 A、C 错误。物体向下运动 a ? g ? , m m

由于 v 增大则 a 减小,故 B 正确,D 错误。 5.把时间分为 5 段,从最后一段开始,每段位移比为 1︰3︰5︰7︰9,则 s1︰s2=(7+9)︰ (5+3)=2︰1,故 D 正确。 6.匀速向上运动及斜向右上方做匀速运动时,由物体的平衡条件知 F=mg,故 A、B 错误。 水平向右以 a 的加速度加速运动, F ? (mg)2 ? (ma)2 ;减速向上以 a 的加速度运动,
F ? mg ? ma ,故 C 正确,D 错误。
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二、多项选择题(本大题共 6 小题,每小题 4 分,共 24 分。在每小题给出的四个选项中,有 多个选项符合题目要求,全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分) 题号 答案 【解析】 8.两物体从同一地点同时出发,沿同一方向做匀变速直线运动,初速度不同,加速度相同。 在运动过程中, v1 ? v01 ? at , v2 ? v02 ? at , (v2 ? v1 ) ? (v02 ? v01 ) ,故 A 正确、B 错误; 7 AD 8 AC 9 ABC 10 AB 11 BD 12 BD

1 1 , , x1 ? v01t ? at ? x2 ? v02t ? at ? ( x2 ? x1 ) ? (v02 ? v01 )t ,故 C 正确、D 错误。 2 2
F 9. 秒内物体只受摩擦力作用, 2~4 f=ma=1N, A 正确; 1 秒内 F ? f ? ma , ? f ? ma ? 3N , 故 第

故 B 正确;由图象知 s=5m, 故 C 正确;平均速度等于位移除以时间,故 D 错误。 10 . 设 车 厢 内 的 斜 面 与 水 平 面 的 夹 角 为 ? , 分 析 小 球 的 受 力 有 FN 1 ? FN 2sin? ? ma① 、
FN2 cos? ? mg ②,当 a 为零时 FN1 ? FN2 sin ? ,故 A 正确;若车厢向左做加速运动,a 为

负,FN1 有可能为零,故 B 正确;由②式知,C、D 错误。 11 . 取 物 体 B 为 研 究 对 象 , 分 析 其 受 力 情 况 , 设 细 绳 与 竖 直 方 向 夹 角 为 ? , 则 有

F ? mg t a n ,T ? ?

mg ,在物体 B 缓慢拉高的过程中, ? 增大,则水平力 F 随之变大, cos ?

对 A、B 两物体与斜面体这个整体而言,由于斜面体与物体 A 仍然保持静止,则地面对斜 面体的摩擦力一定变大,但是因为整体竖直方向并没有其他力,故斜面体所受地面的支持 力应该没有变;在这个过程中尽管绳子张力变大,但是由于物体 A 所受斜面体的摩擦力 开始并不知道其方向,故物体 A 所受斜面体的摩擦力的情况无法确定。 12.设 t 时刻 AB 分离,分离之前 AB 物体共同运动,加速度为 a,则 a ?
F1 ? F2 ? 1.2 m s 2 , mA ? mB

分离时: F2 ? f ? m2 a , F2 ? f ? m2 a ? 2.7N , t ?

4 1 ? 2.7 ? 3 s, s ? at 2 ? 5.4 m,则 D 3.6 2

正确;当 t ? 2s 时, F2 ? 1.8N , F2 ? f ? m2 a , f ? m2 a ? F2 ? 0.6N ,B 正确,A 错误; 当 t ? 2.5s 时, F2 ? 2.25N , F2 ? f ? m2 a , f ? m2 a ? F2 ? 0 ,C 错误。

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第Ⅱ卷(非选择题,共 58 分)
三、实验题(本大题共 3 小题,共 15 分) 13. 分) (4 0.310 0.400

【解析】 vD ?
a?

CE (2.86 ? 3.34) ?10?2 ? m/s ? 0.310m/s ; 2T 2 ? 0.1

( s3 ? s4 ) ? ( s1 ? s2 ) ? 0.400m/s 2 。 (2T ) 2

评分标准:本题 4 分,每空 2 分。 14. 分) (7 (1)D (2)见右图 (3)加速度与力成正比 0.40

【解析】 (3)根据图象的斜率为质量的倒数可知,0.38~0.42kg 范围。 评分标准:本题 7 分, (1)问 1 分, (2)问 2 分, (3)问 4 分,每空 2 分。 15. 分) (4 (5)

L ?t

(6)

L2 2h?t 2

评分标准:本题 4 分,每空 2 分。 四、计算题(本大题共 5 小题,共 43 分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算 步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位) 16. 分) (8 解: (1)在 0~2s 做匀减速直线运动, a1 ? 2~4s 做反方向的匀加速直线运动, a2 ? 根据牛顿第二定律得:
?( F ? ? mg ) ? ma1
F ? ? mg ? ma2

?v ? ?6m/s2 ?t




?v ? 2m/s2 ?t

③ ④
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解得: ? ? 0.2 , m ? 2kg
2 (2)在 0~2s 内: ?v0 ? 2a1 x

⑤ ⑥ ⑦

1 2 设返回到出发点时间为 t 2 ,则 x ? a2t2 2
从出发到返回的总时间: t ? t1 ? t2 解得 t ? (2 ? 2 3)s ? 5.5s ⑧

评分标准:本题 8 分,正确得出①~⑧式各得 1 分。 17. 分) (8 解:设木板倾角为 ? ,根据题意 斜向上运动时: F1 ? mg sin ? ? ? mg cos? 斜向下运动时: F2 ? mg sin ? ? ? mg cos? 水平运动时: F ? ? mg 解得: F ? 10N ④ ③ ① ②

评分标准:本题 8 分,正确得出①~④式各得 2 分。 18. 分) (8 解: v ? 72km/h ? 20m/s 火车减速到 0 所对应的时间: t1 ? 位移 s1 ?
v2 202 ? m ? 400m 2a1 2 ? 0.5

20 s ? 40s 0.5




停站时间: t2 ? 3min ? 180s 再次启动: t3 ? 位移 s3 ?

20 s ? 50s 0.4



v2 202 ? m ? 500m 2a2 2 ? 0.4

④ ⑤ ⑥

总时间: t ? t1 ? t2 ? t3 ? 270s 若不停车: t ? ?

400 ? 500 s ? 45s 20

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延误时间: ?t ? t ? t ? ? 270s ? 45s ? 225s



评分标准:本题 8 分,正确得出①~⑤、⑦式各得 1 分,正确得出⑥式得 2 分。 19. 分) (9 解: (1)对 M,当 m 滑上后受力
F ? ?1 (M ? m) g ? ?2 mg ? MaM



对 m: ?2 mg ? mam

② ③

解得 aM ? 0 , am ? 2m /s2 设经时间 t 相对静止,则
1m /s ? ?2m /s+amt



解得 t=1.5s



(2)m 相对于地面的位移:

1 1 s1 ? v0t ? a1t 2 ? (?2) ?1.5m ? ? 2 ?1.52 m ? ?0.75m 2 2
M 相对于地面的位移:
s2 ? vt ? 1? 1.5m ? 1.5m



⑦ ⑧

m 相对于 M 滑行距离 s ? s1 ? s2 ? 2.25m

评分标准:本题 9 分,正确得出①~⑦式各得 1 分,正确得出⑧式得 2 分。 20. (10 分) 解: (1)m 在平面上运动时:
F ? ? mg ? ma1

① ②

设滑行距离为 x1 ,则 2a1 x1 ? v 2

当 m 滑上斜面,若到顶时速度刚好为 0,设斜面长 L ,与地面夹角为 ? ,可知 sin ? ? 0.6 ,
cos ? ? 0.8

货箱沿斜面向上滑动时:
F ? mg sin ? ? ? mg cos? ? ma2



2a2 L ? ?v2



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由①、②、③、④式解得: x1 ? 8m



? F cos ? ? mg sin ? ? ? FN (2)设 F 与斜面夹角为 ? 恰好能匀速向上推动货箱 ? ? F sin ? ? FN ? mg cos ?

由以上两式解得: F ?

mg (sin ? ? ? cos ? ) cos ? ? ? sin ?


1

上式可变为: F ?

mg (sin ? ? ? cos ? ) 1 ? ? sin(? ? ? )
2

,式中 tan ? ?

?



由此时可知,要将货箱缓慢推上货车,所需力的最小值为
F? mg (sin ? ? ? cos ? ) 1? ?2



代入数据解得: F ? 400 5N ? 894N ? 600N



因此将货箱缓慢推上货车所需的最小作用力为 F ? 400 5N ? 894N , 他不能将该木箱缓慢 推上货车。 评分标准:本题 10 分,正确得出①~⑨式各得 1 分,正确得出“不能将该木箱缓慢推上 货车”得 1 分。

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